493,动态规划解打家劫舍 III
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问题描述
在上次打劫完一条街道之后和一圈房屋后,小偷又发现了一个新的可行窃的地区。这个地区只有一个入口,我们称之为“根”。除了“根”之外,每栋房子有且只有一个“父“房子与之相连。一番侦察之后,聪明的小偷意识到“这个地方的所有房屋的排列类似于一棵二叉树”。如果两个直接相连的房子在同一天晚上被打劫,房屋将自动报警。
计算在不触动警报的情况下,小偷一晚能够盗取的最高金额。
示例 1:
输入: [3,2,3,null,3,null,1]
3
/ \
2 3
\ \
3 1
输出: 7
解释: 小偷一晚能够盗取的最高金额 = 3 + 3 + 1 = 7.
示例 2:
输入: [3,4,5,1,3,null,1]
3
/ \
4 5
/ \ \
1 3 1
输出: 9
解释: 小偷一晚能够盗取的最高金额 = 4 + 5 = 9.
动态规划解决
前面我们刚讲过484,打家劫舍 II和479,递归方式解打家劫舍,今天这题和之前讲的这两道题完全不同,因为前面两题所偷窃的房屋都是数组,而这题是一个二叉树。但这道题也可以使用动态规划来解决。
对于二叉树的每一个节点都有两种状态,一种是偷,一种是不偷。我们定义一个长度为2的数组dp,其中dp[0]表示不偷当前这个节点所能偷窃的最高金额,dp[1]表示偷当前节点所能偷窃的最高金额。
我们就从根节点开遍历这棵二叉树。
如果偷根节点,那么就不能偷根节点的两个子节点,所以
dp[1]=root.val+left.dp[0]+right.dp[0];
这里的伪代码left.dp[0]表示的是不能偷当前节点的左子节点
如果不偷根节点,那么我们可以偷子节点也可以不偷子节点,我们取最大值即可,所以
dp[0]=max(left.dp[0],left.dp[1])+max(right.dp[0],right.dp[1]);
那么边界条件是什么呢,就是节点为空的时候,直接返回0即可。
有了递推公式和边界条件,我们来看下最终代码
1public int rob(TreeNode root) {
2 int[] robHelp = robHelper(root);
3 //取偷根节点和不偷根节点的最大值
4 return Math.max(robHelp[1], robHelp[0]);
5}
6
7public int[] robHelper(TreeNode root) {
8 //边界条件
9 if (root == null)
10 return new int[2];
11 //这里的left是个长度为2的一维数组,其中left[0]表示不偷root.left节点
12 //所能偷窃的最大金额,left[1]表示偷root.left节点所能偷窃的最大金额。
13 int[] left = robHelper(root.left);
14 //right节点同left
15 int[] right = robHelper(root.right);
16 //Math.max(right[0], right[1]), root.val + left[0] + right[0]表示
17 //的是不能偷当前节点,所以可以偷两个子节点,也可以不偷子节点,我们取最大的。
18 //root.val + left[1] + right[1]表示的是偷当前节点,所以不能偷两个子节点。
19 return new int[]{Math.max(left[0], left[1]) +
20 Math.max(right[0], right[1]), root.val + left[0] + right[0]};
21}
总结
如果对二叉树的遍历方式比较熟悉的话,上面代码一看就知道,他和二叉树的后续遍历非常相似,是完全从下到上的一种遍历方式,每一个节点都记录了两种状态,一种是偷,一种是不偷。每次从下往上走的时候这两种状态都会记录下来……一直到根节点,最后我们只需要返回偷根节点和不偷根节点的最大值即可。
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